2022年新高考全国II卷数学真题

2023年12月10日发(作者：数学试卷分析高二学生家长)

2022年新高考全国II卷数学真题一、选择题（本题共 8 小题，每小题 5 分，共 40 分）在每小题给出的四个选项中， 只有一项是符合题目要求的.1.已知集合，则A.C.

2.A.C.

3.图1是中国古代建筑中的举架结构，离称为举，图2是某古代建筑屋顶截面的示意图．其中是相等的步，相邻桁的举步之比分别为．已知率为0.725，则（       ）成公差为0.1的等差数列，且直线的斜（       ）B.D.是桁，相邻桁的水平距离称为步，垂直距是举，B.D.（       ）A.0.75C.0.85

4.已知向量A.C.5，若B.D.6B.0.8D.0.9，则（       ）

5.有甲、乙、丙、丁、戊5名同学站成一排参加文艺汇演，若甲不站在两端，丙和丁相邻，则不同排列方式共有（       ）A.12 种C.36 种B.24 种D.48 种1/14 6.若A.C.

7.已知正三棱台的高为1，上、下底面边长分别为面积为（       ）A.C.

B.D.和，其顶点都在同一球面上，则该球的表B.D.，则（       ）8.已知函数）A.C.0

的定义域为R，且B.D.1，则（       二、选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分）在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分。9.已知函数A. 在区间

是曲线

单调递减 的对称轴的图像关于点B.中心对称，则（       ） 有两个极值点 是曲线 的切线 在区间

C.直线

D.直线

10.已知O为坐标原点，过抛物线限，点A.直线

C.

11.如图，四边形，为正方形，，，若 的斜率为

，则（       ）B.D.平面焦点F的直线与C交于A，B两点，其中A在第一象，，则（       ），记三棱锥的体积分别为2/14A.C.

12.若x，y满足A.C.

，则（       ）B.D.B.D.三、填空题（本题共4小题，每小题5分，共20分）13.已知随机变量X服从正态分布_______________．

14.曲线

，且，则过坐标原点的两条切线的方程为_______________，_______________．对称的直线与圆有公共点15.设点，若直线关于，则a的取值范围是_______________．

16.已知直线l与椭圆

在第一象限交于A，B两点，l与x轴，y轴分别交于M，N两点，且，则l的方程为_______________．四、解答题（本题共6小题，共70分）解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。17.已知为等差数列，17.1.证明： ；

是公比为2的等比数列，且．17.2.求集合 中元素个数．

18.记的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，分别以a，b，c为边长的三个正三角形的面积依次为18.1.求

，已知 的面积；．3/1418.2.若 ，求 b ．

19.在某地区进行流行病学调查，随机调查了100位某种疾病患者的年龄，得到如下的样本数据的频率分布直方图：19.1.估计该地区这种疾病患者的平均年龄（同一组中的数据用该组区间的中点值为代表）；

19.2.估计该地区一位这种疾病患者的年龄位于区间 的概率；

19.3.已知该地区这种疾病的患病率为0.1%，该地区年龄位于区间 的人口占该地区总人口的16%，从该地区任选一人，若此人年龄位于区间 ，求此人患该种疾病的概率．（样本数据中的患者年龄位于各区间的频率作为患者年龄位于该区间的概率，精确到0.0001）

20.如图，是三棱锥的高，，，E是的中点．20.1.证明：

20.2.若

．

21.已知双曲线21.1.求 C 的方程；

平面 ； ， ， ，求二面角 的正弦值的右焦点为，渐近线方程为．21.2.过 F 的直线与 C 的两条渐近线分别交于 A ， B 两点，点

，且 ．过 P 且斜率为 的直线与过 Q 且斜率为

从下面①②③中选取两个作为条件，证明另外一个成立：①M在上；②；③．4/14 在 C 上 的直线交于点 M . 注：若选择不同的组合分别解答，则按第一个解答计分.

22.已知函数．22.1.当 时，讨论 的单调性；

22.2.当 时， ，求 a 的取值范围；

22.3.设

，证明： ．参考答案1.B解析：求出集合后可求，故故选：B.2.D解析：利用复数的乘法可求故选：D.3.D    解析：设设依题意，有，则可得关于，则，且的方程，求出其解后可得正确的选项.，，.，.，所以，故，故选：D4.C解析：利用向量的运算和向量的夹角的余弦公式的坐标形式化简即可求得解：,,即,解得,故选：C5.B解析：利用捆绑法处理丙丁，用插空法安排甲，利用排列组合与计数原理即可得解5/14因为丙丁要在一起，先把丙丁捆绑，看做一个元素，连同乙，戊看成三个元素排列,有种排列方式；为使甲不在两端，必须且只需甲在此三个元素的中间两个位置任选一个位置插入，有2种插空方式；注意到丙丁两人的顺序可交换，有2种排列方式，故安排这5名同学共有：的排列方式，故选：B6.C解析：由两角和差的正余弦公式化简，结合同角三角函数的商数关系即可得解.由已知得：即：即：,，,种不同所以,故选：C7.A解析：根据题意可求出正三棱台上下底面所在圆面的半径，再根据球心距，圆面半径，以及球的半径之间的关系，即可解出球的半径，从而得出球的表面积．设正三棱台上下底面所在圆面的半径心到上下底面的距离分别为或，即，所以，或，即，设球，故，解得，球的半径为，所以符合题意，所以球的表面积为．故选：A．8.A    解析：根据题意赋值即可知函数的一个周期为，求出函数一个周期中的的值，即可解出．因为，令可得，，令偶函数，令，故因为一个周期内的可得，得，，从而可知，即，，，．由于22除以6余4，，所以函数，即，即有，的一个周期为．，所以，所以函数为，，所以所以故选：A．解析：根据三角函数的性质逐个判断各选项，即可解出．由题意得：即又对A，当，所以，时，，故．，所以，，．6/14时，递减；对B，当极值点，由对C，当对D，由解得从而得：所以函数切线方程为：故选：AD．解析：由或在点或,时，时，，解得，，由正弦函数图象知在图象知上是单调只有1个，由正弦函数，即为函数的唯一极值点；，直线得：,不是对称轴；，处的切线斜率为即．，及抛物线方程求得，即可求出，，再由斜率公式即可判断A选项；表示出直线判断B选项；由抛物线的定义求出求得，为钝角即可的方程，联立抛物线求得即可判断C选项；由判断D选项.对于A，易得，代入抛物线可得对于B，由斜率为，设，则则，则，，由可得点在的垂直平分线上，则点横坐标为，则可得直线的方程为，则直线的斜率为，A正确；，联立抛物线方程得，则，代入抛物线得，解得7/14，B错误；对于C，由抛物线定义知：对于D，钝角，又为钝角，又故选：解析：直接由体积公式计算计算出，连接交，则，D正确.，C正确；，则为，则于点，连接，由，依次判断选项即可.设，因为平面，，，则，连接又，平面，则又，平面平面，，过作，则，，则，，则交，又于点，连接，，易得平面于，易得四边形为矩形，则，，，，，，故则，则A、B错误；C、D正确.故选：    解析：根据基本不等式或者取特值即可判断各选项的真假．因为（R），由，解得可变形为，，当且仅当时，8/14，当且仅当时，，所以A错误，B正确；，解得，当且仅当时由可变形为取等号，所以C正确；因为变形可得，因此，设，所以，所以当，所以D错误．故选：BC．13.1、 参考1:;参考2:．;解析：根据正态分布曲线的性质即可解出．因为，所以故答案为：14.解析：分

和两种情况，当时设切点为．时满足等式，但是不成立，因此．，求出函数的导函数，即可求出切，即可求出切线方程，当时同线的斜率，从而表示出切线方程，再根据切线过坐标原点求出理可得；解： 因为，当时，设切点为，又切线过坐标原点，所以，即当时；，设切点为，又切线过坐标原点，所以，即故答案为：；；，解得，由，解得，由，所以，所以切线方程为，所以切线方程为，所以，所以切线方程为，所以切线方程为15.解析：首先求出点关于对称点的坐标，即可得到直线的方程，根据圆心到直线的距离小于等于半径得到不等式，解得即可；解：所以圆依题意圆心到直线的距离关于对称的点的坐标为，即，半径，9/14，在直线上，；所在直线即为直线，所以直线为，圆心，即故答案为：16.令的中点为，设，，的中点为，因为，，解得，即；    解析：，，求出，利用点差法得到、的坐标，再根据，所以，，，，设直线求出、，即可得解；解：令设所以所以令即又所以直线得，则，即，即，令，解得，即，即得或，即，设直线，（舍去），，解得；，，所以，，，或（舍去），故答案为：17.1.证明见解析；    解析：设数列的公差为，所以，以原命题得证．17.2.．    解析：由（1）知，即，所以，解得，所以满足等式的解中的元素个数为18.1.    解析：．，即可解得，，所，即，故集合，亦10/14由题意得，即，则18.2.    解析：，，则，由余弦定理得，则，整理得，则，又；由正弦定理得：.岁；    解析：，则，则，19.1.平均年龄       19.2.；    解析：设{一人患这种疾病的年龄在区间19.3.（岁）．}，所以．．    解析：设B={任选一人年龄位于区间[40,50)}，C={任选一人患这种族病}， 则由条件概率公式，得P(C|B)= ≈0.001420.1.证明见解析    解析：证明：连接并延长交于点，连接、，因为是三棱锥的高，所以平面，平面，所以、，又，所以，即，所以，又，即，所以，，所以所以，即，所以为的中点，又为的中点，所以又所以平面平面，平面，，20.2.    解析：解：过点作，如图建立平面直角坐标系，因为，，所以11/14，又所以，所以，则，，所以，，则，，，，，所以，，设平面的法向量为；，则，令，则，，所以设平面，所以设二面角所以故二面角21.1.右焦点为的法向量为，所以，则；，令，则为，由图可知二面角，所以的正弦值为    解析：，∴,∵渐近线方程为，∴，∴．；为钝二面角，，∴，∴，∴∴C的方程为：；21.2.见解析    解析：由已知得直线的斜率存在且不为零，直线的斜率不为零，若选由①②推③或选由②③推①：由②成立可知直线的斜率存在且不为零；若选①③推②，则为线段的中点，假若直线的斜率不存在，则由双曲线的对称性可知轴上，即为焦点,此时由对称性可知、关于轴对称，与从而总之，直线的斜率存在且不为零.12/14在，已知不符；设直线的斜率为,直线方程为,；则条件①在上，等价于两渐近线的方程合并为联立消去y并化简整理得：设设,,线段中点为,,则,则条件③等价于移项并利用平方差公式整理得：，,即即由题意知直线∴由∴所以直线直线代入双曲线的方程得：解得的横坐标：同理：∴∴,等价于上，等价于等价于等价于；；；，，的斜率,即,即,,,,,中，；的斜率为, 直线的斜率为,,,,∴条件②综上所述：条件①条件②条件③选①②推③:由①②解得：选①③推②：由①③解得：∴在,∴③成立；，，13/14，∴②成立；选②③推①：由②③解得：∴22.1.当当故22.2.设又则若因为故存在故故在在，则为连续不间断函数，，使得为增函数，故为增函数，故，总有成立，，即，上为减函数，，       .成立.，总有，，与题设矛盾.，，时，时，的减区间为    解析：，则，设，，，当，，∴①成立.的减区间为，增区间为，则时，，增区间为，，，，..    解析：，∴，若，则下证：对任意证明：设，故故在上为减函数，故由上述不等式有故所以当所以总成立，即.时，有在上为减函数，所以在综上，.22.3.见解析    解析：取令故所以对任意的整理得到：故，故不等式成立.，则，则即，有，，总有，对任意的恒成立.，成立，14/14