2023年北京市中考数学试卷及答案

2023年12月3日发(作者：中考数学试卷2020长春)

2023年北京市中考数学试卷

第一部分 选择题

一、选择题（共16分,每题2分）第1—8题均有四个选项,符合题意的选项只有一个．

1. 截至2023年6月11日17时,全国冬小麦收款2.39亿亩,进度过七成半,将239000000用科学记数法表示应为（ ）

A.

23.9107 B.

2.39108 C.

2.39109 D.

0.239109

2.

下列图形中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是（

）

A. B. C. D.

3.

如图,AOCBOD90,AOD126,则BOC的大小为（

）

A.

36 B.

44 C.

54 D.

63

4.

已知a10,则下列结论正确的是（

）

A.

1aa1

C.

a1a1

B.

a11a

D.

1a1a

5.

若关于x的一元二次方程x23xm0有两个相等的实数根,则实数m的值为（

）

A.

9 B.

9

4C.

9

4D. 9

6.

十二边形的外角和为（

）

．．．A.

30 B.

150 C.

360 D.

1800

7.

先后两次抛掷同一枚质地均匀的硬币,则第一次正面向上、

第二次反面向上的概率是（

）A.

1

4B.

1

3C.

1

2D.

3

48.

如图,点A、B、C在同一条线上,点B在点A,C之间,点D,E在直线AC同侧,ABBC,AC90,△EAB≌△BCD,连接DE,设ABa,BCb,DEc,给出下面三个结论：①abc；②aba2b2；③2abc；

上述结论中,所有正确结论的序号是（

）

A.

①② B.

①③ C.

②③ D.

①②③

第二部分

非选择题

二、填空题（共16分,每题2分）

59.

若代数式有意义,则实数x的取值范围是______．

x210.

分解因式：x2yy3=__________________.

11.

方程31的解为______．

5x12xkk0的图象经过点A3,2和Bm,2,x12.

在平面直角坐标系xOy中,若函数y则m的值为______．

13.

某厂生产了1000只灯泡.为了解这1000只灯泡的使用寿命,从中随机抽取了50只灯泡进行检测,获得了它们的使用寿命（单位：小时）,数据整理如下：

使用寿命

灯泡5

只数

根据以上数据,估计这1000只灯泡中使用寿命不小于2200小时的灯泡的数量为______只．

14.

如图,直线AD,BC交于点O,AB∥EF∥CD.若AO2,OF1,FD2.则为______．

10 12 17 6

x1000

1000x1600

1600x2200

2200x2800

x2800

BE的值EC

15.

如图,OA是O的半径,BC是O的弦,OABC于点D,AE是O的切线,AE交OC的延长线于点E．若AOC45,BC2,则线段AE的长为______．

16.

学校组织学生参加木艺艺术品加工劳动实践活动．已知某木艺艺术品加工完成共需A,B,C,D,E,F,G七道工序,加工要求如下：

①工序C,D须在工序A完成后进行,工序E须在工序B,D都完成后进行,工序F须在工序C,D都完成后进行；

②一道工序只能由一名学生完成,此工序完成后该学生才能进行其他工序；

③各道工序所需时间如下表所示：

工序

A B C D E

7 9

F G

所需时间/分钟

9 9 7 10 2

在不考虑其他因素的前提下,若由一名学生单独完成此木艺艺术品的加工,则需要______分钟；若由两名学生合作完成此木艺艺术品的加工,则最少需要______分钟．

三、解答题（共68分,第17—19题,每题5分,第20—21题,每题6分,第22—23题,每题5分,第24题6分,第25题5分,第26题6分；第27—28题,每题7分）解答应写出文字说明、演算步骤或证明过程.

117.

计算：4sin60212．

31x2x18.

解不等式组：．

35x35x19.

已知x2y10,求代数式2x4y的值．

x24xy4y220.

如图,在▱ABCD中,点E,F分别在BC,AD上,BEDF,ACEF．

（1）求证：四边形AECF是矩形；

（2）AEBE,AB2,tanACB1,求BC的长．

221.

对联是中华传统文化的瑰宝,对联装裱后,如图所示,上、下空白处分别称为天头和地头,左、右空白处统称为边．一般情况下,天头长与地头长的比是6:4,左、右边的宽相等,均为天头长与地头长的和的1．某人要装裱一幅对联,对联的长为100cm,宽为27cm．若要求10装裱后的长是装裱后的宽的4倍,求边的宽和天头长．（书法作品选自《启功法书》）

22.

在平面直角坐标系xOy中,函数ykxbk0的图象经过点A0,1和B1,2,与过点0,4且平行于x轴的线交于点C．

（1）求该函数的解析式及点C的坐标；

（2）当x3时,对于x的每一个值,函数y且小于4,直接写出n的值．

23.

某校舞蹈队共16名学生,测量并获取了所有学生的身高（单位：cm）,数据整理如下：

a.16名学生的身高：

161,162,162,164,165,165,165,166,

166,167,168,168,170,172,172,175

b.16名学生的身高的平均数、中位数、众数：

平均数

中位数

众数

166.75

（1）写出表中m,n的值；

（2）对于不同组的学生,如果一组学生的身高的方差越小,则认为该组舞台呈现效果越好．据此推断：在下列两组学生中,舞台呈现效果更好的是______（填“甲组”或“乙组”）；

甲组学生的身高

162 165 165 166 166

乙组学生的身高

161 162 164 165 175

（3）该舞蹈队要选五名学生参加比赛．已确定三名学生参赛,他们的身高分别为168,168,172,他们的身高的方差为m n

2xn的值大于函数ykxbk0的值332．在选另外两名学生时,首先要求所选的两名学生与932,其次要求所选的两名学生与已9已确定的三名学生所组成的五名学生的身高的方差小于确定的三名学生所组成的五名学生的身高的平均数尽可能大,则选出的另外两名学生的身高分别为______和______．

24.

如图,圆内接四边形ABCD的对角线AC,BD交于点E,BD平分ABC,BACADB．

（1）求证DB平分ADC,并求BAD的大小；

（2）过点C作CF∥AD交AB的延长线于点F．若ACAD,BF2,求此圆半径的长．

25.

某小组研究了清洗某种含污物品的节约用水策略．部分内容如下．

每次清洗1个单位质量的该种含污物品,清洗前的清洁度均为0.800要求清洗后的清洁度为0.990

方案一：采用一次清洗的方式．

结果：当用水量为19个单位质量时,清洗后测得的清洁度为0.990．

方案二：采用两次清洗的方式．

记第一次用水量为x1个单位质量,第二次用水量为x2个单位质量,总用水量为x1x2个单位质量,两次清洗后测得的清洁度为C．记录的部分实验数据如下：

x1

11.0 9.0 9.0 7.0 5.5 4.5 3.5 3.0 3.0 2.0 1.0

x2

x1x2

0.8 1.0 1.3 1.9 2.6 3.2 4.3 4.0 5.0 7.1 11.5

11.8 10.0 10.3 8.9 8.1 7.7 7.8 7.0 8.0 9.1 12.5

0.99C

0

0.989

0.990

0.990

0.990

0.990

0.990

0.988

0.990

0.990

0.990

对以上实验数据进行分析,补充完成以下内容．

（Ⅰ）选出C是0.990的所有数据组,并划“√”；

（Ⅱ）通过分析（Ⅰ）中选出的数据,发现可以用函数刻画第一次用水量x1和总用水量x1x2之间的关系,在平面直角坐标系xOy中画出此函数的图象；

结果：结合实验数据,利用所画的函数图象可以推断,当第一次用水量约为______个单位质量（精确到个位）时,总用水量最小．

根据以上实验数据和结果,解决下列问题：

（1）当采用两次清洗的方式并使总用水量最小时,与采用一次清洗的方式相比、可节水约______个单位质量（结果保留小数点后一位）；

（2）当采用两次清洗的方式时,若第一次用水量为6个单位质量,总用水量为7.5个单位质量,则清洗后的清洁度C______0.990（填“>”“=”或“<”）．

26.

在平面直角坐标系xOy中,Mx1,y1,Nx2,y2是抛物线yaxbxca0上2任意两点,设抛物线的对称轴为xt．

（1）若对于x11,x22有y1y2,求t的值；

（2）若对于0x11,1x22,都有y1y2,求t的取值范围．

27.

在ABC中、BC045,AMBC于点M,D是线段MC上的动点（不与点M,C重合）,将线段DM绕点D顺时针旋转2得到线段DE．

（1）如图1,当点E在线段AC上时,求证：D是MC的中点；

（2）如图2,若在线段BM上存在点F（不与点B,M重合）满足DFDC,连接AE,EF,直接写出AEF的大小,并证明．

28.

在平面直角坐标系xOy中,下定义：

若直线CA,CB中一条经过点O,另一条是O的半径为1．对于O的弦AB和O外一点C给出如O的切线,则称点C是弦AB的“关联点”．

（1）如图,点A1,0,B12222,B,

,22222．在点C11,1,C2(2,0),C30,2中,弦AB1的“关联点”是______．

．若点C是弦AB2的“关联点”,直接写出OC的长；

（2）已知点M0,3,N65PQ,使得点S,0．对于线段MN上一点S,存在O的弦5

是弦PQ的“关联点”,记PQ的长为t,当点S在线段MN上运动时,直接写出t的取值范围．

2023年北京市中考数学试卷答案 一、选择题.

1. B

2. A

3. C

4. B

5. C

6. C

解：∵多边形的外角和为360°

∴十二边形的外角和是360°．

故选：C．

7. A

8. D

解：如图,过D作DFAE于F,则四边形ACDF是矩形

∴DFACab

∵DFDE

∴abc,①正确,故符合要求.

∵△EAB≌△BCD

∴BEBD,CDABa,AEBCb,ABECDB

∵CBDCDB90

∴CBDABE90,EBD90

∴△BDE是等腰直角三角形

由勾股定理得,BE∵ABAEBE

∴aba2b2,②正确,故符合要求.

AB2AE2a2b2 由勾股定理得DE2BD2BE2,即c2ab∴c222

2a2b22ab,③正确,故符合要求.

故选：D．

二、填空题

9.

x2

10.y(xy)(xy)

11.

x1

12. 3

13. 460

14.

15.

3

22

【详解】解：．OABC

．ODC90,DC．AOC45

．ODC为等腰直角三角形

．OC1BC1．

22DC2

2．

∴OAOC∵AE是O的切线

∴OAE90

∵AOC45

．△AOE为等腰直角三角形

．AEOA2．

故答案为：2．

16. ．. 53 ．. 28

三、解答题

17.

5 18.

1x2

19. 2

解：原式2x2yx2y22

x2y由x2y10可得x2y1

将x2y1代入原式可得,原式20.（1）见解析

（2）32

【小问1详解】

22．

1证明：∵四边形ABCD是平行四边形

∴ADBC,AD∥BC

∵BEDF

∴AFEC

∴四边形AECF是平行四边形

∵ACEF

∴平行四边形AECF是矩形.

【小问2详解】

解：由（1）知四边形AECF是矩形

∴AECAEB90

∵AEBE,AB2

∴ABE是等腰直角三角形

∴AEBE2AB2

2又∵tanACBAE1

EC2∴21

EC2∴EC22 ∴BCBEEC22232．

21.

边的宽为4cm,天头长为24cm

解：设天头长为xcm

由题意天头长与地头长的比是6:4,可知地头长为2xcm

3121xxcmxcm

边的宽为1036装裱后的长为25xx100cmx100cm

33111xx27cmx27cm

66351x100x274

33装裱后的宽为由题意可得：解得x24

∴1x4

6答：边的宽为4cm,天头长为24cm．

22.

（1）yx1,C3,4

（2）n2．

【小问1详解】

解：把点A0,1,B1,2代入ykxbk0得：b1

kb2k1

解得：b1∴该函数的解析式为yx1

由题意知点C的纵坐标为4

当yx14时

解得：x3

∴C3,4.

【小问2详解】 解：由（1）知：当x3时,yx14

因为当x3时,函数y所以如图所示,当y代入3,4得：4解得：n2．

2xn的值大于函数yx1的值且小于4,

32xn过点3,4时满足题意

323n

3

23.

（1）m166,n165；

（2）甲组

（3）170, 172

【小问1详解】

解：将这组数据按照从小到大的顺序排列为：161,162,162,164,165,165,165,166,166,167,168,168,170,172,172,175

出现次数最多的数是165,出现了3次,即众数n165

16个数据中的第8和第9个数据分别是166,166

∴中位数m166166166

2∴m166,n165.

【小问2详解】

解：甲组身高的平均数为甲组身高的方差为1162165165166166164.8

5122222162164.8165164.8165164.8166164.8166164.82.165 乙组身高的平均数为乙组身高的方差为1161162164165175165.4

5122222161165.4162165.4164165.4165165.4175165.425.045

∵25.042.16

∴舞台呈现效果更好的是甲组

故答案为：甲组.

【小问3详解】

解：168,168,172的平均数为11168+168+172169

3332

9∵所选的两名学生与已确定的三名学生所组成的五名学生的身高的方差小于∴数据的差别较小,数据才稳定

可供选择的有：170, 172

且选择170, 172时,平均数会增大

故答案为：170, 172．

24.

（1）见解析,BAD90

（2）4

【小问1详解】

解：．BACADB

∴ABBC

∴ADBCDB,即DB平分ADC．

∵BD平分ABC

．ABDCBD

．ADCD

．ABADBCCD,即BADBCD

．BD是直径

．BAD90.

【小问2详解】 解：∵BAD90,CF∥AD

．FBAD180,则F90．

．ADCD

．ADDC．

．ACAD

∴ACADCD

∴△ADC是等边三角形,则ADC60．

∵BD平分ADC

∴CDB1ADC30．

21BD．

2∵BD是直径

∴BCD90,则BC∵四边形ABCD是圆内接四边形

∴ADCABC180,则ABC120

∴FBC60

∴FCB906030

∴FB1BC．

2∵BF2

∴BC4

∴BD2BC8．

∵BD是直径

∴此圆半径的长为1BD4．

225.

（．）见解析；（．）见解析,4；（1）11.3；（2）<

【详解】（．）表格如下：

x1

11.0 9.0 9.0 7.0 5.5 4.5 3.5 3.0 3.0 2.0 1.0

x2

0.8 1.0 1.3 1.9 2.6 3.2 4.3 4.0 5.0 7.1 11.5 x1x2

11.8 10.0 10.3 8.9 8.1 7.7 7.8 7.0 8.0 9.1 12.5

0.99C 0

√

0.989

0.990

√

0.990

√

0.990

√

0.990

√

0.990

√

0.988

0.990

√

0.990

√

0.990

√

（．）函数图象如下：

由图象可得,当第一次用水量约为4个单位质量（精确到个位）时,总用水量最小；

（1）当采用两次清洗的方式并使总用水量最小时,用水量为7.7个单位质量,19-7.7=11.3,即可节水约11.3个单位质量.

（2）由图可得,当第一次用水量为6个单位质量,总用水量超过8个单位质量,则清洗后的清洁度能达到0.990.第一次用水量为6个单位质量,总用水量为7.5个单位质量,则清洗后的清洁度C0.990,故答案为：<．

26.

（1）t（2）t3

21

2【小问1详解】

解：∵对于x11,x22有y1y2

x1x23

22∴抛物线的对称轴为直线x∵抛物线的对称轴为xt． ∴t3.

2【小问2详解】

解：∵当0x11,1x22,

∴1x1x23,x1x2

222∵y1y2,a0

∴∴x,y离对称轴更近,x111x2,则x1,y1与x2,y2的中点在对称轴的右侧

x1x2t

21即t．

227.

（1）见解析

（2）AEF90,证明见解析

【小问1详解】

证明：由旋转的性质得：DM∵C

∴DECMDEC

∴CDEC

∴DEDC

∴DMDC,即D是MC的中点.

【小问2详解】

AEF90.

DE,MDE2

证明：如图2,延长FE到H使FEEH,连接CH,AH

∵DFDC

∴DE是FCH的中位线

∴DE∥CH,CH2DE

由旋转的性质得：DM∴FCH2

∵BC

∴ACH,ABC是等腰三角形

DE,MDE2 ∴BACH,ABAC

设DMDEm,CDn,则CH2m,CMmn

∴DFCDn

∴FMDFDMnm

∵AMBC

∴BMCMmn

∴BFBMFMmnnm2m

∴CHBF

ABAC在△ABF和ACH中,BACH

BFCH∴ABFACHSAS

∴AFAH

∵FEEH

∴AEFH,即AEF90．

28.

（1）C1,C2；OC（2）1t2

2326或t3．

33【小问1详解】

，CB中一经过点O,另一条是解：．由关联点的定义可知,若直线CA是弦AB的“关联点”

O的切线,则称点C22．点A1,0,B12,2,C11,1,C2(2,0),C30,2

．直线AC2经过点O,且BC2与O相切 ．C2是弦AB1的“关联点”

又．C11,1和A1,0横坐标相等,与B122,都位于直线yx上

22．AC1与O相切,B1C1经过点O

．C1是弦AB1的“关联点”．

．．A1,0,B222,

22设Ca，b,如下图所示,共有两种情况

a、若C1B2与O相切,AC经过点O

yx2

则C1B2、AC1所在直线为：

y0解得：C1．OC12，0

2

O相切,C2B2经过点O

b、若AC2与x1

则C2B2、AC2所在直线为：yx，解得：C211 ．OC22

2．

综上,OC【小问2详解】

解：．线段MN上一点S,存在O的弦PQ,使得点S是弦PQ的“关联点”

65,0,OMON

5又．弦PQ随着S的变动在一定范围内变动,且M0,3,N．S共有2种情况,分别位于点M和经过点O的MN的垂直平分线上,如图所示

．当S位于点M0,3时,MP为．M0,3,．OPMP

．PJOM

．MPO∽POJ

O的切线,作PJOM

O的半径为1,且MP为O的切线

OPOM13

,即OJOPOJ1解得OJ

3．．根据勾股定理得,PJPO2OJ2222,Q1J

33根据勾股定理,PQ1Q1P2Q1J22326

,同理,PQ2Q2P2Q2J233．当S位于点M0,3时,PQ1的临界值为2326和．

33．当S位于经过点O的MN的垂直平分线上即点K时

65．点M0,3,N5,0

．MNOM2ON295

5．OKOMONMN2

又．O的半径为1,．OKZ30

．三角形OPQ为等边三角形

．在此情况下,PQ1,PQ3

．当S位于经过点O的MN的垂直平分线上即点K时,PQ1的临界值为1和3

．在两种情况下,PQ的最小值在1t2326内,最大值在t3

33综上所述,t的取值范围为1t

2326或t3.

33